東京大学 工学系研究科 機械工学専攻 2022年8月実施 機械工学第2部 問題 1
Author
祭音Myyura (Based on SN's answer refined with GPT 6 Astra)
Description
下記の I、II の両方について解答せよ。なお、I の解答に答案用紙1枚を、II の解答に答案用紙1枚を、それぞれ用いること。
図1-1に示すように、長さ L L L の一様断面片持ちはり AB の B 端に、長さ L / 3 L/3 L /3 の一様断面はり BC が直角に接続されている。はり BC の C 端には y y y 軸下向き方向の集中荷重 W W W が、片持ちはり AB の B 端の断面には x x x 軸方向の荷重 P P P が作用している。集中荷重 W W W が印加される前のはり BC の中心軸は z z z 軸に平行であり x x x -z z z 平面上にある。図1-2に示すように、片持ちはり AB は半径 R R R の円形断面形状を有し、軸方向に半径 R / 2 R/2 R /2 の円孔があいている。片持ちはり AB の長さ L L L は半径 R R R に比べて十分に大きいとする。以下の設問に答えよ。
(1) 片持ちはり AB の断面の I y , I z I_y,I_z I y , I z および I P I_P I P を求めよ。ここで、I y , I z I_y,I_z I y , I z は、それぞれ y y y 軸、z z z 軸に関する断面二次モーメントであり、I P I_P I P は図心 O に関する断面二次極モーメントである。
(2) 図1-3は片持ちはり AB の固定端の点 a における応力状態を示したものである。点 a の垂直応力 σ x \sigma_x σ x とせん断応力 τ x y \tau_{xy} τ x y を求めよ。
(3) 片持ちはり AB の固定端の点 a における最大主応力および最大せん断応力を求めよ。
平面トラス構造に関する以下の問いに答えよ。棒部材の断面は一様で断面積は S S S である。棒部材の材料も同一でヤング率は E E E である。自重の影響は無視することができ、座屈は発生しないものとする。
(1) 図1-4に示すように長さ L cos θ \dfrac{L}{\cos\theta} cos θ L の棒①と棒②を鉛直方向軸に対して左右対称に角度 θ \theta θ をなして配置しトラス構造を作製した。点 O に鉛直下向きに荷重 P P P を加える。そのときの点 O の変位を求める下記の記述の(a)~(e)に入る適切な式あるいは語句を答えよ。
棒①の軸応力を σ 1 \sigma_1 σ 1 、棒②の軸応力を σ 2 \sigma_2 σ 2 とする。構造は鉛直軸に対して対称なので σ 1 = σ 2 \sigma_1=\sigma_2 σ 1 = σ 2 である。点 O における鉛直方向の力のつりあいより、P = a P=\boxed{\text{a}} P = a となり、σ 1 = σ 2 = b \sigma_1=\sigma_2=\boxed{\text{b}} σ 1 = σ 2 = b と求められる。この応力により発生する棒①の軸方向の伸びを δ 1 \delta_1 δ 1 とすると、δ 1 = c \delta_1=\boxed{\text{c}} δ 1 = c となる。図1-5のように棒①および棒②の伸びにより点 O が点 O′ に移動したとする。AO′ に対して垂線 OH を立てると、長さ O′H は近似的に伸び δ 1 \delta_1 δ 1 に等しいとみなしてよく、また OO′ と HO′ のなす角度は近似的に θ \theta θ とみなしてよいので、点 O の鉛直下向き変位は δ = d \delta=\boxed{\text{d}} δ = d となる。このトラス構造のように、静力学的力のつり合いのみで応力と変位が決定できる構造は(e)構造と呼ばれる。
(2) 図1-4のトラス構造の対称軸上に長さ L L L の棒部材③を加えて図1-6に示すトラス構造を構成した。棒③の中央点 D に鉛直下向きに荷重 P P P を加えた。点 O の変位と、棒①に生じる軸応力および棒③に生じる軸応力を求めよ。
题目描述
I、II 均须作答,每部分各用一张答题纸。
如图1-1,在长为 L L L 的等截面悬臂梁 AB 的 B 端,垂直接上长为 L / 3 L/3 L /3 的等截面梁 BC。C 端受到沿 y y y 轴向下的集中载荷 W W W ,AB 的 B 端截面受到沿 x x x 轴的载荷 P P P 。施加载荷 W W W 前,BC 的中心轴平行于 z z z 轴,位于 x x x -z z z 平面内。如图1-2,AB 外截面为半径 R R R 的圆,沿轴线有半径 R / 2 R/2 R /2 的圆孔,且 L L L 远大于 R R R 。回答以下问题。
(1) 求 AB 截面的 I y , I z , I P I_y,I_z,I_P I y , I z , I P ,其中前两者分别是关于 y , z y,z y , z 轴的截面二次矩,I P I_P I P 是关于截面形心 O 的极二次矩。
(2) 图1-3表示 AB 固定端 a 点的应力状态,求该点的正应力 σ x \sigma_x σ x 和剪应力 τ x y \tau_{xy} τ x y 。
(3) 求 AB 固定端 a 点的最大主应力与最大剪应力。
回答有关平面桁架的问题。各杆截面均匀、面积为 S S S ,材料相同、杨氏模量为 E E E 。可忽略自重,且不发生屈曲。
(1) 如图1-4,将长度为 L / cos θ L/\cos\theta L / cos θ 的杆①、②相对于竖直轴对称布置,各与竖直方向成 θ \theta θ 角。在 O 点施加竖直向下的载荷 P P P 。以下文字求解 O 点位移,在 a~e 中填入适当公式或词语。
设两杆的轴向应力为 σ 1 , σ 2 \sigma_1,\sigma_2 σ 1 , σ 2 。结构关于竖直轴对称,因此 σ 1 = σ 2 \sigma_1=\sigma_2 σ 1 = σ 2 。由 O 点竖直方向力平衡,有 P = a P=\boxed{\text{a}} P = a ,从而 σ 1 = σ 2 = b \sigma_1=\sigma_2=\boxed{\text{b}} σ 1 = σ 2 = b 。设杆①由此产生的轴向伸长为 δ 1 \delta_1 δ 1 ,则 δ 1 = c \delta_1=\boxed{\text{c}} δ 1 = c 。如图1-5,两杆伸长使 O 移至 O′。向 AO′ 作垂线 OH,可近似认为 O′H 等于伸长 δ 1 \delta_1 δ 1 ,OO′ 与 HO′ 的夹角近似为 θ \theta θ ,故 O 点竖直向下的位移为 δ = d \delta=\boxed{\text{d}} δ = d 。像此桁架一样,仅由静力平衡便可确定应力与位移的结构称为(e)结构。
(2) 在图1-4的对称轴上增加长为 L L L 的杆③,形成图1-6的桁架。在杆③的中点 D 施加竖直向下载荷 P P P 。求 O 点位移、杆①的轴向应力,以及杆③的轴向应力。
Kai
(1) 円環断面の差をとれば
A = 3 π R 2 4 , I y = I z = π 4 ( R 4 − R 4 16 ) = 15 π R 4 64 , I p = 15 π R 4 32 . \begin{gathered}
A=\frac{3\pi R^2}{4},\\
I_y=I_z=\frac{\pi}{4}\left(R^4-\frac{R^4}{16}\right)=\boxed{\frac{15\pi R^4}{64}},\\
\boxed{I_p=\frac{15\pi R^4}{32}}.
\end{gathered} A = 4 3 π R 2 , I y = I z = 4 π ( R 4 − 16 R 4 ) = 64 15 π R 4 , I p = 32 15 π R 4 .
(2) 固定端の曲げモーメントの大きさは W L WL W L 、ねじりモーメントは T = W L / 3 T=WL/3 T = W L /3 。a は曲げの中立軸上にあるので、曲げによる垂直応力はゼロである。L ≫ R L\gg R L ≫ R より横せん断力による応力を無視すると
σ x = 4 P 3 π R 2 , τ x y = T R I p = 32 W L 45 π R 3 . \boxed{\sigma_x=\frac{4P}{3\pi R^2}},\qquad
\boxed{\tau_{xy}=\frac{TR}{I_p}=\frac{32WL}{45\pi R^3}}. σ x = 3 π R 2 4 P , τ x y = I p TR = 45 π R 3 32 W L .
(3) s = σ x , t = τ x y s=\sigma_x,\ t=\tau_{xy} s = σ x , t = τ x y とおくと、主応力は s / 2 ± s 2 / 4 + t 2 s/2\pm\sqrt{s^2/4+t^2} s /2 ± s 2 /4 + t 2 と 0 0 0 。したがって
σ max = s 2 + s 2 4 + t 2 , τ max = s 2 4 + t 2 . \begin{gathered}
\boxed{\sigma_{\max}=\frac{s}{2}+\sqrt{\frac{s^2}{4}+t^2}},\\
\boxed{\tau_{\max}=\sqrt{\frac{s^2}{4}+t^2}}.
\end{gathered} σ m a x = 2 s + 4 s 2 + t 2 , τ m a x = 4 s 2 + t 2 .
(1) 引張りを正とすると、O のつり合いより P = 2 S σ 1 cos θ P=2S\sigma_1\cos\theta P = 2 S σ 1 cos θ 。適合条件は δ 1 = δ cos θ \delta_1=\delta\cos\theta δ 1 = δ cos θ である。
空欄 解答 a 2 S σ 1 cos θ 2S\sigma_1\cos\theta 2 S σ 1 cos θ b P / ( 2 S cos θ ) P/(2S\cos\theta) P / ( 2 S cos θ ) c P L / ( 2 E S cos 2 θ ) PL/(2ES\cos^2\theta) P L / ( 2 ES cos 2 θ ) d P L / ( 2 E S cos 3 θ ) PL/(2ES\cos^3\theta) P L / ( 2 ES cos 3 θ ) e 静定
(2) c = cos θ c=\cos\theta c = cos θ とおく。棒③の上端・下端に働く上向き反力を R C , R O R_C,R_O R C , R O とすれば
R C + R O = P , δ = R O L 2 E S c 3 = ( R C − R O ) L 2 E S . \begin{gathered}
R_C+R_O=P,\\
\delta=\frac{R_OL}{2ESc^3}=\frac{(R_C-R_O)L}{2ES}.
\end{gathered} R C + R O = P , δ = 2 ES c 3 R O L = 2 ES ( R C − R O ) L .
よって
R C = 1 + c 3 1 + 2 c 3 P , R O = c 3 1 + 2 c 3 P , R_C=\frac{1+c^3}{1+2c^3}P,\qquad R_O=\frac{c^3}{1+2c^3}P, R C = 1 + 2 c 3 1 + c 3 P , R O = 1 + 2 c 3 c 3 P ,
δ = P L 2 E S ( 1 + 2 c 3 ) (下向き) , σ 1 = σ 2 = P c 2 2 S ( 1 + 2 c 3 ) . \begin{gathered}
\boxed{\delta=\frac{PL}{2ES(1+2c^3)}}\\
\text{(下向き)},\\
\boxed{\sigma_1=\sigma_2=\frac{Pc^2}{2S(1+2c^3)}}.
\end{gathered} δ = 2 ES ( 1 + 2 c 3 ) P L (下向き) , σ 1 = σ 2 = 2 S ( 1 + 2 c 3 ) P c 2 .
棒③では
σ C D = P ( 1 + c 3 ) S ( 1 + 2 c 3 ) , σ D O = − P c 3 S ( 1 + 2 c 3 ) . \begin{gathered}
\boxed{\sigma_{CD}=\frac{P(1+c^3)}{S(1+2c^3)}},\\
\boxed{\sigma_{DO}=-\frac{Pc^3}{S(1+2c^3)}}.
\end{gathered} σ C D = S ( 1 + 2 c 3 ) P ( 1 + c 3 ) , σ D O = − S ( 1 + 2 c 3 ) P c 3 .
Reference